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| Dernière réponse | |
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| Sujet : Exo reseau | |
| dafl | [:belgarion_cer] |
| Aperçu |
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| Vue Rapide de la discussion |
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| dafl | [:belgarion_cer] |
| dafl | de 90 on prend le multiple de 8 donc 88
88+20(header)=108 129-88=41 41+20(header)=61 il y a donc 108+61 octets qui sont délivrés au module ip de la machine destinataire c'est bien ça ? : :jap: |
| Zzozo | Franchement, ce sujet d'exo pourrait devenir vicieux en précisant les IP de A et B et en donnant l'entête IP du datagramme qui part de A en mettant le 46ème bit de cet entête à 1 ...
Et là "Combien d'octets arrivent au module IP de B ?" Réponse : ???? :D |
| Zzozo |
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| dafl | donc la longeur utile des données et de 110 sur le deuxième sous rezo.
mais on doit les enlever où ces 18 dans le calcul :pt1cable: faut-il encore les enlever au 118 ? y manquerait pas la réponse de requin ? :heink: |
| Tomate | oui tu as raison:D
mais comme tu as dis, le raisonnement est le meme, sauf que je ne me rappele plus de la taille min d une en tete ethernet :D :D |
| Zzozo |
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| dafl | Merci bcp tomate77 :jap: |
| Tomate | le sujet est flou, mais il parle du nb d octets pour le "module ip", donc juste la partie ip et pas ethernet + ip
l en tete ip fait au minimum 5 * 4 octets = 20 octets donc tu as pour le 1er datagrame fait 128 - 20 = 118 octets mais il y a bien une histoire d alignement sur 8 octets pour les n -1 1ers datagrames or 112 est un multiple de 8 donc le 1er paquet fait : 112 + 20 d en tete il reste 129 - 112 = 17 octets le 2eme paquet fait 20 + 17 voilou, normalemt c bon ;) |
| dafl |
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| Tomate |
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| dafl |
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| aspegic500mg | Ce cours sur le reseau je l'attaque aprés les vacances normalement :cry: :sarcastic: |
| dafl |
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| Tomate | le mosieur parle juste d ip, donc l en tete ethernet on s en fou:D :D |
| Tomate | la taille minimale d une en-tete ip est 5 mots de 4 octes, donc 20 octets ;) |
| Requin |
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| Requin | Bon en lisant il y a encore une subtilité, les donneés doivent être un multiple de 8 octets (à l'exception du dernier fragment) lorsqu'elle sont fragmentées :
Paquet orginal : - entête de trame : 18 octets - entête IP : 20 octets - données : 91 octets Total : 129 octets Fragment 1 : - entête de trame : 18 octets - entête IP : 20 octets - données : 88 octets (multiple de 8) Total : 126 octets Fragment 2 : - entête de trame : 18 octets - entête IP : 20 octets - données : 3 octets Total : 41 octets 41 + 126 = 167 octets |
| dafl | :) merci bcp :jap: je crois que je vais devoir m'acheter un bouquin :) là dessus vu que j'ai pas mal d'exo à faire pour la rentrée :( |
| Requin | Bon finalement j'ai ouvert un bouquin traitant du protocole IP. Un datagramme IP a une taille d'entête de 20 octets au minimum. Un paquet IP est composé de : - 4 bits : IP Version - 4 bits : Internet Header Length - 4 bits : Type of Service - 16 bits : Total Length - 16 bits : Identification - 1 bit : 0 - 1 bit : Don't Fragment Flag - 1 bit : More Flags - 13 bits : Fragment Offset - 8 bits : Time To Live (TTL) - 8 bits : Protocole - 16 bits : Header Checksum - 32 bits : Source address - 32 bits : Destination Address - X bits : Options - +Y bits : Padding alignés sur 32 bits - X bits : Données Bleu : Entête minimal Vert : Options d'entête Rouge : Données On peut déduire que le séquencage n'augmente pas la taille des entêtes de paquets. Que l'entête de trame de 18 octets fait partie d'une couche sous-jacente à IP. Je reprendrai le problème de la manière suivante : entête de trame (ethernet ?) : 18 octets -> entête IP : 20 octets -> 129-(18+20) = 91 octets de données -> 91+(20*2)+(18*2) = 167 octets au total |
| dafl | :love:
tu me sauves la vie (ça fait mal la tête contre le mur )merci bcp :jap: |
| Requin | Un hote A envoie à l'hote B un datagramme Ip de 129 octets au total.
Le paquet fait 129 octets, entête compris ! L'en-tête IP ne contient aucune option. L'entête ne sera pas plus gros que son strict minimum ! La route ne comporte qu'un seul routeur. Ok, donc seulement deux sous-réseau IPs Le deuxième sous-réseau traversé impose une longueur utile maximum de trame de 128 octets. La le paquet est trop long pour traverser en un seul bloc ce réseau, il devra donc être passé avec deux paquets. Combien d'octets (en tenant compte des différents en-têtes) sont-ils délivrés au module IP de la machine destinataire ? Bon la question :) (Chacun des sous réseaux utilise un protocole d'accès avec un en-tête de trame de 18 octets) On connaît la taille des entêtes ! La solution (si je ne me plante pas ;) ) paquet initial : 129 octet, dont 18 d'entête et 111 de données. taille de paquet max sur 2nd sous-réseau : 128 octets, dont 18 d'entête et donc 110 de données. Combien de paquets faut-il pour passer 111 octets de données ? La réponse est triviale il en faut 2 (la division entière + 1) Donc 2 entêtes (18 x 2) et les données (111), soit au total : 147 octets. Il pourrait y avoir plusieurs pièges (mais ca me gonfle de vérifier ces détails d'implémentation IP) : - si l'entête IP à une taille minimale supérieur à 18 octets - si les octets doivent être alignés ou complêtés à une taille fixe (par exemple alignement sur un mot de 16 ou 32 bits) - si le séquencage des paquets augmente la taille de ces derniers (options dans l'entête ?) |
| dafl |
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| com21 | ça me fait penser au controle de reseau de lundi prochain
:sweat: |
| dafl | Merci les gars
Je crois que j'aurais du mettre gros problème :D [:erkul] |
| cyfl |
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| aspegic500mg | ps: je te soutiens moralement :ange: :D |
| aspegic500mg | bonne chance :lol: |
| darklord | :heink: |
| dafl | [:belgarion_cer] |
| dafl | J'ai un petit problème avec ça :
Un hote A envoie à l'hote B un datagramme Ip de 129 octets au total. L'en-tête IP ne contient aucune option. La route ne comporte qu'un seul routeur. Le deuxième sous-réseau traversé impose une longueur utile maximum de trame de 128 octets. Combien d'octets (en tenant compte des différents en-têtes) sont-ils délivrés au module IP de la machine destinataire ? (Chacun des sous réseaux utilise un protocole d'accès avec un en-tête de trame de 18 octects) j'y comprend pas grand chose là dedans :pt1cable: Help me ! :jap: |
